摘要:通过计算分析判断,碰后甲向左滑动的过程中,乙能否从C点滑离圆弧轨道。
不可伸长的细线一端固定于O点,另一端系一质量为M=4kɡ的小球丙,细线竖直且丙静止时O到球心的距离为L=2 m。现将丙向右拉开至细线与竖直方向夹角为θ=53°并由静止释放,丙在O正下方与甲发生弹性碰撞(之后两者不再发生碰撞)。已知重力加速度大小为ɡ=10m/s2,sin 53°=0.8,cos 53°=0.6,不计空气阻力。
(2)通过计算分析判断,碰后甲向左滑动的过程中,乙能否从C点滑离圆弧轨道。
物理的精髓在于分析。前提是耐心仔细读题。题干中关键字眼已加横线。
物理的提高在于两点:搞清楚定理、定律的适用条件;并且善于归纳总结同类题、错题。
丙与甲碰撞之前:由于题目给定的角度θ=53°<60°,故丙直接向下摆动,不存在先自由落体、在与竖直方向成60°时细线扥直、然后沿细线向下摆动。
注:上句中,细线扥直瞬间,沿细线方向的速度瞬间变为零。
丙从初始静止状态摆至O点正下方过程中,受到自身重力和细线拉力两个力的作用。
其中细线拉力始终与运动方向垂直、不做功,也可理解为在拉力方向上没有位移。相当于丙只受重力作用。故此过程中机械能守恒。
注:通常,只有重力做功(或相当于只有重力做功)情况下,适用机械能守恒定律。
如果有其它力(如摩擦力、电场力、安培力等)与重力合伙对物体或系统做功,则适用动能定理或功能原理。
机械能守恒定理、动能定理、功能原理,这仨家伙均适用于初末状态的能量的研究。
重力做功与路径无关,只需注意选取零势面、竖直高度。
以光滑水平地面为零势面,设丙由初始静止摆到O点正下方过程时的速度大小为v0,由机械能守恒定律得MɡL(1-cosθ)=(1/2)Mv=4m/s,方向水平向左。丙与甲发生弹性正碰的过程:二者在水平方向上不受外力,系统动量守恒,机械能守恒。
规定向左为正方向,丙与甲碰后瞬间各自速度分别为v丙和v甲,由动量守恒定律有Mv0=Mv丙+m甲v甲;由机械能守恒定律有(1/2)Mv02=(1/2)Mv丙2+(1/2)m甲v甲2。两式联立,解得5v丙2-32v丙+48=0,(v丙-4)(5v丙-12)=0,v丙=4m/s(舍),v丙=2.4m/s,方向向左。甲=6.4m/s,方向向左。类似的题目,求解碰撞后的速度有现成结论。但我不主张大家死记公式、结论。谁愿意死记俺也不反对。
【思考】丙与甲的碰撞,乙参与了吗?
乙没参与。碰撞前后,乙均处于静止状态。
先看下面两层假设:
假设一:如果甲只有水平部分、没有四分之一圆弧轨道,全都光滑。这种假设下甲和乙谈不上碰撞。
假设二:如果甲没有四分之一圆弧轨道、只有粗糙的水平部分,地面光滑,甲和乙组成的系统只有内力(相互间的摩擦力)、不受外力,这属于碰撞、遵循动量守恒定律。
对于假设二中的临界状态分析:如果乙恰好能滑到甲的最右端,这样的字眼表明:乙滑到甲的最右端时,甲乙共速。
具体本题,在水平光滑部分,乙和甲二者无内力,当然谈不上碰撞。
问题是甲有个四分之一圆弧捣的鬼!哪怕光滑也属于碰撞。
乙从刚滑上圆弧,至滑到圆弧顶端C,甲乙系统,在水平方向上,总动量时刻相等、守恒。
当乙恰好滑至最右端C处,甲乙相对静止、水平方向上共速。
滑块乙能否从C点滑离圆弧轨道,就看临界状态:乙恰好(或者说成最多)能滑到甲的最右端、甲乙共速。
这里的共速,当然是指水平方向上。研究动量,讲究方向性。
乙滑到甲的最右端C点处,如果乙除了具有水平方向的速度,还能够有竖直方向的速度,那么乙就能滑离轨道。
求解第二问,可预先假设乙恰好能滑到甲的最右端C点处,即假设乙滑到C点处没有竖直方向上的速度、没能力滑离圆弧轨道。
设此时二者具有共同速度v共,规定向左为正方向,由动量守恒定律有m甲v甲=(m甲+m乙)v共,解得v共=3.2m/s,方向向左。对于甲和乙组成的系统,二者弹性碰撞、无摩擦,机械能守恒。
系统初状态机械能为:E初=(1/2)m甲v甲2=20.48J;假设的系统末状态机械能为:E末=(1/2)(m甲+m乙)v共2+m乙ɡR=18.48J。呀!系统就机械能咋不守恒!
当然守恒。系统末状态机械能较小,是因为假设乙最多滑到C点、没多余能力。
初>E末表明,滑块乙还能够有竖直方向的速度。即,乙能从C点滑离圆弧轨道。故,乙从C点滑离圆弧轨道时,从地面看,做的是(左)斜抛运动,速度大小为≈3.77m/s。如果以甲为参照物,乙做的是初速为2m/s的竖直上抛运动。
注:任何倾斜方向的速度,均可分解为水平方向速度和竖直方向速度。所以我刚才说“乙还能够有竖直向上方向的速度”。
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作者简介
中共党员,高中教务主任,常年兼任高中数学、物理、化学等科目。中考数学命题组成员。
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来源:璟雯教育分享